无机化学笔记范文

导语：如何才能写好一篇无机化学笔记，这就需要搜集整理更多的资料和文献，欢迎阅读由公务员之家整理的十篇范文，供你借鉴。

篇1

    无机化学是高等院校中化学工程、应用化学专业、环境专业、给水排水专业等很多专业的一门重要的必修课。无机化学的学习质量如何,直接关系到后续有机化学、物理化学等课程的学习效果,为了提高无机化学的教学效果,笔者不断进行教学方法的探讨和改进,其中之一就是运用比喻。比喻即通过打比方的方法,借助于两种以上不同事物之间的相似点作为中介物,来比拟想要说的某一事物。在化学教学中,以不违背科学性原则为基础,采用适当的比喻,可以促使学生理解化学概念,掌握科学知识,为产生创造性思维奠定基础。概念教学的宏观类比可促进学生对概念的理解。下面笔者简单介绍一些在课堂教学中运用比喻方法,使学生深入理解无机化学知识的实例,其教学效果显着。

    一、以形象比喻讲解速度控制步骤

    在讲到浓度对化学反应速率的影响时,对于复杂反应,反应是由两个或者是两个以上的基元反应步骤所组成,这些基元反应步骤的集合便是复杂反应的反应机理或者叫反应历程。这些基元步骤中,总有一步是反应步骤中速率最慢的一步,是决定整个反应速率快慢的最关键的一步,称为速率控制步骤,简称“速控步”。单纯地讲速率控制步骤,很多时候学生不容易理解,为了便于学生的理解,笔者引入了“牧羊理论”和“木桶理论”。小时候很多人可能都放过羊,牧羊理论中有一句话叫:择其后者而鞭之。意思就是说牧羊人要想加快整个羊群的奔跑速度,就要用鞭子抽打跑得最慢的那只羊。同样现代管理学中比较流行的“木桶理论”,要知木桶中到底能装多少水,永远取决于最短的那块板,木桶中最短的那块板代表我们的缺点,我们的每位同学如果能够认清自己人生中最短的那块板,并努力改变自己的缺点,将来一定会大有成就。对于化学反应也是如此,认识一个化学反应中最慢的一个步骤的重要性在于能够有效地改善整个化学反应的速率,从而达到更高的产率。通过比喻的运用,加深了学生对概念的理解,同时也对学生进行了综合素质教育。

    二、以形象比喻讲解化学键的特点和价键理论

    化学键分为离子键、共价键和金属键,离子键的特点是没有饱和性也没有方向性,而共价键的特点是既有饱和性又有方向性。这些抽象的概念学生理解起来特别难,于是笔者把离子键的特点比喻成是男女交普通朋友,一个男生可以有很多个女生朋友,一个女生也可以有很多个男生朋友,在交普通朋友时,只要是能谈得来就可以成为普通朋友,没有方向性也没有饱和性;而把共价键的特点比喻成是男女谈恋爱,一个男生只能与一个女生谈恋爱,一个女生也只能与一个男生谈恋爱,而且还会有自己的择偶标准,有方向性又有饱和性。通过把离子键、共价键比喻成为交朋友,激发学生学习兴趣的同时,也加深了学生对基本概念的理解,提高了课堂教学效果,也有助于学生进一步理解价键理论的特点。

    三、以形象比喻讲解四个量子数

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1．1实验所需物品的准备要充分。在准备实验开展前一个月，就要根据相应的课表，把实验所需要试剂、仪器及其他必需物品进行数量统计，申报到学校相关管理部门进行审核、批准，再采购，周期比较长。所以实验准备人员要精心计算所需物品的量，准备充分，一定要做到保障所准备实验的顺利进行，这需要实验准备人员有相当丰富的实验准备经验;否则，就会导致实验开展不畅，使学生无法进行实验操作。申报的统计表，每个物品所需的量，是要根据每个实验小组需要消耗多少单位的量来进行统计的。一个实验室有多少个实验小组，每次实验有多少个实验室，相同的实验一共有多少个期班，要做到准备充分，不多申请，不浪费，以最小的消耗来满足学生的实验需求，又能保证实验的顺利开展。1．2对本学期所要准备实验的顺序要条理清晰。一个学期开始拿到课表之后，不能盲目地准备实验，要对这学期所准备实验进行分析，做一个整体规划，合理安排时间进行实验准备工作。比如，哪些实验需要什么试剂，这种试剂在配制好以后能存放多久，存放的环境是室温还是冷藏，需要提前几天进行配制;哪些实验需要什么仪器，要事先清点仪器数量，看能否保证实验正常进行，再对仪器进行校正，保证学生在进行实验时仪器的正常使用;哪些实验器材需要手工进行制作，例如滤纸条的剪裁、茶叶中提取咖啡因所需的茶叶包的制作、减压蒸馏中所用到温度计套管等，都需要提前准备齐全。总之，在实验准备前，要对整个学期实验有整体把控，才能保证实验有序顺利的进行。

2认真仔细的做好预实验是实验顺利进行的保障

由于每一学期实验准备所用物品的批次都不尽相同，为了保障学生实验时能够正常的显示实验结果，实验准备人员在每个实验学生上课前，都要进行相应的预实验，看是否能正常显示结果。预实验是实验教学的前提和保障，只有通过预实验，我们才能放心地给学生准备实验物品，要做到心中有数，不能出现一丝的差错。如果在预实验中结果无法正常显示，我们必须认真排查到底哪个环节出现问题，找出问题，分析问题，解决问题，以保证实验的正常进行。

3有条不紊的工作态度是做好准备工作基石

在实验准备室已经做好相应实验的准备工作以后，要把这些物品都摆放到实验室相应的位置，以等待学生来进行实验操作。在实验室的准备工作中，也要有序有规则的进行。首先，黑板，要保证板面干净无尘，配有必需的粉笔和黑板擦。其次，实验室讲台，要摆放好实验室值日生登记本、实验室破损物品登记本、实验室使用情况登记本、本次实验所用的清单，再根据清单来摆放本次实验所需摆放在讲台的公共物品。再次，实验室操作平台，根据清单，把实验所需的仪器、试剂等规范摆放，一个平台分成4个小组，每个小组2人，公用的放在中间平台上，其他的放在自己台面上。做到每个小组统一摆放，顺序一致，整洁统一。最后，实验边台，摆放实验所用到的大型仪器或试剂回收瓶等实验室讲台摆放不下的公用物品。

4实验过程中及实验收尾的保障工作是做好实验准备工作的本职

每准备一次教学实验课，不仅要在实验前做好准备工作，而且要在实验教学过程中和实验结束后，实验准备人员都要做好相应的保障工作。例如，在实验过程中，学生打碎实验仪器，需要及时更换及赔偿;学生做实验不小心烫伤或者划破手指，轻者要及时包扎处理，严重者送往校医院;在实验结束后，要检查本次实验所用仪器都还正常运作并无缺失，保障下次实验准备工作的顺利进行。

5严格的实验室管理是做好实验准备工作的后盾

5．1实验准备室保持干净整洁。实验准备室是实验准备人员的专属办公地点，里面存放很多化学试剂，不允许外人进入。为了保障实验准备工作有序进行，实验准备人员要始终保持实验准备室干净整洁。每种化学试剂有相应的位置，同样的化学试剂排成一列;所有的仪器都有固定位置，同品种按从小到大顺序摆放;抽屉和柜子外表面右上角贴上标签，标注里面所放物品名称，方便查找;每准备完一次实验，所用到的仪器都要清洗干净，放回原位;离开准备室要关窗、关电源、关灯、关门。5．2易制毒药品专人专账专柜管理。为了加强易制毒化学品管理，规范易制毒化学品的使用，防止易制毒化学品被用于非教学实验，所以要严加管理。申请易制毒药品要严格按照教学实验所用剂量来申请，不得随意多加申请;易制毒药品要实行专人管理，不得其他任何人随意使用;易制毒药品要实行专账管理，每一次入库出库都要由专人来记账，填写使用日期、使用用途、使用剂量及使用人签字等，做到账物相符;易制毒药品要实行专柜管理，要单独存放专门试剂柜中，不能与其他试剂混放，还要专人专锁才能打开试剂柜。5．3仓库物品的管理。仓库是实验准备的后盾，只有所用物品齐全，才能保障实验准备工作的顺利开展，所以仓库物品的管理也至关重要。学期开始，根据本学期实验课程，结合仓库库存，合理申请物品，做好后勤保障工作;实验物品进出库，做好进出库记录，做到账物相符;定期清点库存，及时发现破损或报废物品，做好记录。5．4仪器的管理。有机化学实验所用到仪器都是精密仪器，易破损且价格偏贵，所用仪器要有相应的管理。仪器专门存放在仪器室，不可到处乱放，有相应人员管理;仪器出入库都要填写记录，以免丢失;破损仪器要及时报修，并做好记录;定期对仪器进行维护和更新。5．5实验室的管理。实验室是学生进行教学实验的场所，为了保障教学实验顺利进行，实验室要进行规范管理。非教学实验时间，学生及其他人员不得任意出入实验室;教学实验过程中，不得随意乱动与本次实验无关物品;教学实验结束后，要清点本次实验所用物品，不得缺失、破损;做好实验室收尾工作，打扫实验室卫生，关好门窗水电。

总之，有机化学实验准备工作是一项枯燥、辛苦、繁杂的工作，每一个要素都细小而重大，严重影响着实验教学质量。所以，实验准备人员一定要牢记这五大要素，充分认识到实验准备工作的重要性，不怕困难，勇于探索，善于总结，用自己的专业知识来解决实验准备过程中所遇到的一切问题，保证实验教学的正常开展，不断改进实验准备工作，更好地为实验教学和科研服务。

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关键词:无机化学;环境工程;教学改革;教学实践

无机化学是研究无机物质组成、结构、性质和变化规律的科学，其研究对象包括了除有机化合物以外的所有元素及其化合物，是化学学科中发展最早的一个分支学科，因此各个方向的理工科专业领域均将无机化学作为基础课程之一列入教学计划和培养方案中［1］。随着行业战略方针的调整和学科发展的推进，无机化学教学也在面临不断的改革与新发展，尤其是现代物理方法和各种波谱技术在无机物结构研究中的广泛应用，使无机化学的研究范围打破了原有的界限，其研究内容和研究领域无论在深度还是在广度上都发生了前所未有的变化。面向本科生一年级的无机化学是我校化学工程、矿物加工工程和环境工程专业的必修课和基础课，也是学生从高中进入大学阶段深入拓展化学知识的首要系列课程之一，对于环境工程专业来说，大气、水、土壤等环境介质中物质的特性、存在状态及其变化规律等等，均离不开无机化学的核心知识体系。与此同时，我国高等院校的无机化学教学也在不断地发展与更新中，既要配合与时俱进的科技发展，又要满足现代大学生对于创新能力培养的需求与任务，因此，这就对我们现在大学课堂的无机化学教学内容、教学方法等提出了更加明确更加高标准的要求。当然，鉴于现代大学生的特点与需求，在教学实践中自然而然地出现一些新问题，比如，学生获取信息、收获知识及交流沟通的方式等都发生了翻天覆地的变化，不再单纯地依靠教师的讲解和课堂上手抄笔记，相反地，甚至很少有学生上课记笔记，这必然影响到现在大学生听课的认真与投入程度［2］;再比如越来越多的学生因家庭条件的允许其目标是出国，这些学生则把更多的精力用于外语的学习，以及还有一部分学生急功近利的思想意识，总是想依赖于教师的课件及希望教师所划出的考试重点，只求考试通过，而对于真正知识的渴求与自身知识水平的提高并不是特别地强烈，甚至对于课堂讲授的基本原理不去理解透彻甚至不理解，等等这些系列问题值得深入研究探索与研究，并找出改革方法与措施并进行实践。本文结合环境工程专业特点及对无机化学知识体系的要求，从教学目标、教学方法和教学内容等方面对无机化学教学进行了初步的改革、探索与实践，建立了一套适合于工科特别是环境工程专业的无机化学教学模式，增强了学生对无机化学的学习兴趣。

1对教学目标的定位与强化

大学古今中外的教育历史中承担着链接校园与社会的职能，而随着现代社会突飞猛进的发展和异常激烈的竞争，社会对人才的需求越来越趋向于国际化、综合型、创新型人才［3］，其中学生的创新能力培养与训练已经作为基础课程教学中最为突出的教学目标呈现出来。在大学教书育人“宽口径、厚基础、重能力、求创新”的大背景下，特别是结合我校建设研究型大学目标的确立，我们在无机化学的教学中将如何引导学生课本知识与实践相结合、如何从基础知识中寻求突破与科技创新相结合作为教学目标的重中之重。为此，我们在制定教学计划和制作教案的过程中，特别强调理论教学内容与环境工程学科的相关联课题或现象，以与学生切身紧密相关的生活问题或生产实际作为课堂教学的切入点和学生的兴趣点，即将基础知识、理论与原理，在教师的讲解下与生产或生活实际相结合，才能引起学生的兴趣，激发学生的好奇心与求知欲，并为学生创新能力培养提供素材与源泉，这是研究型大学发展的必然趋势和要求，也是为培养多层次人才所必备的教书育人模式。如此，将环境工程专业无机化学的教学目标定位明确，学生能够很清楚地理解和正确把握学习此课程的目的和意义所在，同时强化了无机化学在环境领域方面的教学目标，以本课程的第一部分“化学反应原理”篇为例，每一章节的教学内容均与环境工程学科中的某一方面或某个应用相联系，并设立了明确的教学目标，如表1所示。因此，在现有的高等教育体制与教学模式下，学生的创新能力是在学习基础知识的基础上，通过教师在教学过程中进行理论结合实践的引导与启发而培养起来的。

2对教学内容的精选与扩展

无机化学是我校环境工程专业本科生的一门重要基础课，虽然几十年来其教学内容框架基本没变，但由于学科间的相互渗透形成了许多跨学科的新研究领域，因此无机化学学科的面貌也发生了很大的改观，出现了许多新概念、新理论、新反应、新方法和新型结构的化合物，同理要求我们的无机化学教学也要与时俱进，推陈出新［4］。目前，我校环境工程专业无机化学课程采用的是大连理工大学无机化学教研室主编、高等教育出版社的《无机化学》作为本科生教材，并且将前十一章即从第一章“气体”到第十一章"配合物结构"作为第一期无机部分的教学内容。为满足现代无机化学教学紧跟学科发展进度的要求，同时由于新教学大纲对于课时的压缩，我们在实际教学过程中采取精简教学内容、适当删减部分过时内容和适量补充最新发展动态中无机化学相关知识的措施，既保障了教学基本思路和框架结构完整，又实现了对教学目标的定位与强化，同时达到了调动学生的学习兴趣和积极性的目的，提高了教学质量。从我校研究型工科大学的本质要求出发，要做到“研究与教学相结合”，就要在基础课程教学别强调“宽基础”，尤其是针对刚刚进入大学校门的一年级学生，专业方向的概念尚未形成，所谓“万丈高楼平地起”，对于大多数学生来说专业的培养才刚刚是打地基的阶段，因此对于无机化学这种基础课教学内容的精选与扩展方面，除了讲授基本原理外，适当引入或扩展一些与专业方向相结合的实例与学科研究进展，将会让提前对专业领域的研究范畴和学科动态有一定的认识与感悟，对于学生的学业发展来说将会是受益匪浅。为此，我们将无机化学教材课后化学视野的部分内容作为引例或本章内容的切入点，即是对教学重点内容的补充，又是基础教学内容在应用方面的扩展。如第二篇“物质结构基础”部分，目前世界范围内对环保意识的增强和对环保材料需求的急速增长，而新型环保材料的开发、合成与结构鉴定分析等相关知识与理论均与本章内容息息相关，以新型环保材料有研究动态及最新研究成果为本章讲解的切入点，对于学生理解和掌握较为抽象的化学键类型与价键理论将大有帮助和启发;再如将前两章“气体”与“热化学”串联到一起，先提出当前的能源过剩、绿色能源市场不足与社会可持续发展相矛盾的现状，从能源的合理利用、解决能源危机和快速发展绿色能源的必要性与紧迫性讲起，以此来理解本章教学内容中的反应热、焓变与热力学第一定律等系列基础理论，进一步深入把握不同形式能源之间热值的对比问题，并让学生从中思考能源发展的新动向与新思路。从学生的反馈来看，通过这些与基础理论相结合的具体实例的引入，学生们对课堂上教师提出的精选与扩展内容相当感兴趣，作为连接理论知识的桥梁，它使得理论知识变得通俗易懂而且生动，让学生们觉得无机化学知识体系在未来学有所用，自己也具备广阔的用武之地和发展空间，同时也为学生将来从事创新训练活动提供了素材和思考空间，学生们表示非常欢迎，因此保证和提高了教学效果。

3对教学方法的转变与探索

如前所述，无机化学是一门学科大类基础课程，其在整个大学培养体系中的基础性、衔接性与过渡性的地位，授课对象则是刚刚从高中毕业初入大学课堂的新生，这就决定了无机化学的教学模式中需要增加课堂教学的机动性、灵活性与趣味性，让学生们有一个适应期和过渡期，教学内容的难点重点等方面也是循序渐进地展开，以帮助学生们完成从高中时期的偏固定化思维方式向大学时代开放型思维方式的转变［5］。在此过程中，引导学生们从全方位、多视角去看待问题，而不再仅仅局限于课本上固有的知识点，并逐渐确立专业概念与对专业领域的感悟，让学生意识到甚至是某些科学问题也还是有很多地方或存在诸多疑惑的，是需要探讨和争论的，并不完全是真理似的存在，还需要学生们用一点点积累的知识去解决和探索，比如无机化学便是其中之一。因此，我们在无机化学的教学中采用了问题探究式教学法，即:围绕教学目标，对教学内容进行分类、归类和总结之后，从每一章的切入点教学内容中提出一到两个问题，当然问题是与本章内容相关且紧密联系科学发展动态和生产生活实际的，让学生头脑中带着这些极为实用和感兴趣的问题，层层讲解基础理论，逐步提出解决这些问题的途径、方法与相关理论。比如:讲解第三章“化学动力学基础”和第四章“化学平衡”时，两章之间有相互关联的基础理论原理，即化学反应的两方面稳定性问题，一个是热力学稳定性理论，一个是动力学稳定性理论;如果单纯枯燥地讲解纯理论内容，尽管教师讲解得已经很透彻，但学生对此仍然是懵懵懂懂、模棱两可的状态，这说明对学生们来说理论知识的学习缺乏具体实例的辅助，缺乏将理论应用于实际中的理解。为此，我们改变了教学方法，从一开始便抛出问题，让学生们在听课过程中随时从中找到答案，带着问题去探究基础理论原理。如以汽车尾气无害化处理的化学反应2NO(g)+2CO(g)=N2(g)+2CO2(g)为例，分别用到化学反应热力学稳定性原理与动力学稳定性原理，热力学原理上这个反应是客观存在、完全可行的，也就是说汽车尾气是可以实现自然状态下无害化转化的，但现实却为何并非如此呢?同时安排适当的课时供学生相互交流，带着兴趣性问题的分析与探究，逐层次展开课堂教学内容，也让学生在听课过程中参与和进行实际问题的讨论、推论与拓展，加深对基础知识的理解与应用推广。通过这种带着问题探究理论知识基本原理和机理的教学模式，使得教学目标更加明确，教学内容脉络清晰、主次分明，能让学生对每一部分知识点都一目了然，有助于学生快速地从切入点处入手逐级掌握各层次知识点，既提高了学生的学习效率，做到了课堂上有效学习，又培养了学生主动拓展知识的能力，完全有助于实现我校研究型大学培养创新型人才的教学目标。

4结语

科学技术特别是计算机技术和现代物理方法在无机化学领域的应用与扩展，使得无机化学教学在各个学科中的基础性和重要性都不言而喻。通过多年的无机化学教学经验体会，我们在教学目标方面进行专业方向定位与强化、在教学内容方面进行精选与适当扩展、在教学方法方面采用问题探究式方法的改革、探索与实践中，很好地结合了我校研究型大学培养工科技术型、创新型人才的需求，优化了教学内容，改善了课堂教学效果，提高了无机化学的教学质量。

参考文献

［1］乔正平，龚孟濂，巢晖．浅谈基础无机化学课程教学内容的选择与讲授［J］．大学化学，2017，32(5):7－10．

［2］王立艳，蔡卫滨，袁宁．矿物加工专业无机化学教学研究与探索［J］．广州化工，2017，45(9):186－188．

［3］隋惠芳．无机化学研究的前沿领域在教学中的应用［J］．青海师范大学学报(自然科学版)，2017，20(1):76－78．

［4］李良超，何亚兵，童国秀，等．基于互动和合作学习的无机化学教学模式［J］．大学化学，2017，32(5):1－6．

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关键词：观察；实验；理解

中图分类号：G632 文献标识码：A 文章编号：1002-7661（2013）03-123-01

无机化学实验课程教学内容存在的问题教学内容陈旧，经典实验多，现代实验少实验教学一般只安排一些经典的实验，重复性好，简单操作。无机化学实验只是培养学生的基本操作技能。无机化学实验教学改革提高了化学实验教学效果，激发了学生对化学实验的兴趣，增强了学生的实验基本操作能力，为进一步培养学生的创新能力打下了良好的基础。

化学是一门以实验为基础的自然科学。通过实验，可以使学生获得直观的感性知识，从而把难以理解的化学知识或现象更好地理解、巩固，促进学生观察、分析和解决问题等各方面能力的提高，也可以激发学生学习化学的兴趣。

教学观念陈旧，方法单一无机化学实验是化学专业开设的第一门实验课，考虑到学生在中学阶段，亲自动手操作的机会不多，怕学生不能独立操作来完成实验，所以实验之前，教师将实验的原理、要求、难点、实验现象以及注意事项等进行了详细的讲解，以确保实验成功。

一、教学过程中，教师最好把每节新课改为先预习、再实验、后总结的做法。

即每次实验结束后，将下一次实验的内容和相应有针对性的思考题布置给学生，通过思考题把下一次实验教学的重点、难点和关键点变成学生学习的目标，在此基础上写出预习报告。经过这样的环节，学生在课前预习时就有较强的目的性和针对性，上课讨论时会感到目的明确，心中有数，积极思考。在课堂教学和讨论的过程中，教师要鼓励同学积极参与，营造出一种民主的气氛。

二、学会搜集事实 搜集的方法有观察和实验。

实验是控制条件下的观察。化学研究特别重视实验，因为自然界的化学变化现象都很复杂，直接观察不易得到事物的本质。例如，铁生锈是常见的化学变化，若不控制发生作用的条件，如水气、氧、二氧化碳、空气中的杂质和温度等就不易了解所起的反应和所形成的产物。无论观察或实验，所搜集的事实必须切实准确。化学实验中的各种操作，如沉淀、过滤、灼烧、称重、蒸馏、滴定、结晶、萃取等等，都是在控制条件下获得正确可靠事实知识的实验手段。正确知识的获得，既要靠熟练的技术，也要靠精密的仪器，近代化学是由天平的应用开始的。通过对每一现象的测量，并用数字表示，才算对此现象有了确切知识。

三、无机化学是重要的基础学科，研究物质的组成、结构、性质、及其变化规律。化学是为适应医学各专业的特点和需要而开设的一门化学基础课。

学好化学的方法：

1、课前预习：在学习新课以前要先自学一遍，这样能对教师本节课要讲授的内容有所了解，听课时特别要注意预习时未理解的部分。

2、课堂认真听讲：课堂听讲十分关键。听讲时要紧跟老师的思路，积极思考，产生共鸣。听课时适当做些笔记，有利于课后复习，也有利于在课堂集中注意力。

3、课后复习：课后的复习是消化和掌握所学知识的重要过程。本门课程的特点是理论性较强，有些概念比较抽象，不能企图一听就懂，一看就会。一定要通过反复自学和思考，才能逐渐加深理解并掌握其实质。

4、课后作业：课后完成一定量的习题有助于深入理解课堂内部。也有助于培养独立思考和自学能力的极好方法。每次课后，老师会布置一些习题。大学要认真解答。独立完成，按时交作业。

5、查阅参考书：除预习、复习、做练习外，阅读参考书是一个重要环节。也是培养独立思考和自学能力的极好方法。

除了学好课本的内容，还必须重视无机化学实验，实验不仅能验证课本中的内容，有助于加深对所学知识的理解。而且还能锻炼大家的动手能力和实际操作能力。

四、自我归纳总结

篇5

关键词：莲（Nelumbo）；叶片；花瓣；解剖结构

中图分类号：Q944 文献标识码：A 文章编号：0439-8114（2013）13-3059-03

莲（Nelumbo）是一种重要的水生经济植物和庭院观赏植物，在我国和东亚各国广泛栽培和利用。在河南省郑州市北部大河村的“仰韶文化”房基遗址的台面上，发现了两粒莲子和一些碳化的粮食，距今已经有5 000年的历史了。由此可见，莲作为人类食品的历史远远早于现在的大部分蔬菜类作物。经过长时间的人工驯化和筛选，目前莲主要分为三大类，即花莲、藕莲和子莲，其品种多达几百个。莲不仅与人们的生活密切相关，同时也是一种分类学地位重要的植物。据化石考证，历史上存在过10～12种莲属植物。由于冰期低温的影响，北半球大部分植物均遭灭绝，莲属植物与中国水杉（Metasequoia glyptostroboides）、美国鹅掌楸（Liriodendron tulivifera）、北美红杉（Sequoia sempervirens）一样幸存下来，成为植物的活化石[1]。因此，在进化和分类学研究领域莲都具有重要地位。现存的莲属有两个种，其中中国莲（Nelumbo nucifera）主要分布在亚洲、大洋州北部，美国莲（Nelumbo lutea）主要分布在北美洲。

目前，对于莲形态解剖学的研究比较零散，而对于花瓣的解剖学研究还未见报道。莲属植物间也未进行过系统的比较研究。由于莲是分类位置较为特殊的种类，而且其种内外形变化较大，同时，由于叶和花是其露在水面的重要器官，因此，了解不同种类的莲叶片和花瓣内部解剖结构特征对于品种鉴别、植物分类学和进化研究都十分重要。

1 材料与方法

1.1 材料

供试莲叶片材料10个，其中鄂杂3号、建莲、普者黑白莲、普者黑红莲为选育的中国莲品种，梁子湖莲、龙感湖莲为产自中国的野生中国莲，冬荷和泰国莲为产自热带地区的中国莲，美国莲为产自美国的野生美国莲，中美杂交莲为中国莲与美国莲的杂交后代；莲花瓣材料6个，分别为鄂杂3号、建莲、普者黑白莲、泰国莲、美国莲、中美杂交莲。所有材料均采自武汉大学湖北省莲藕工程研究中心种植基地。

1.2 叶片和花瓣的比较解剖学研究

1.2.1 取材部位 选取刚全部展开的叶片，在距叶片中心10 cm处剪取5 mm×5 mm的小块（避开大的叶脉）；选取开花前一天的花蕾，从内向外第二轮的花瓣中心剪取5 mm×5 mm的小块。

1.2.2 样品制备 样品制备参照刘鲜林等[2]的方法并略做改进。将在戊二醛中固定的材料用磷酸缓冲液冲洗4次，再用1%的锇酸室温固定2 h，磷酸缓冲液冲洗；分别用30%、50%、70%、80%、90%、95%、100%（均为体积分数）的酒精逐级脱水，每级15 min；然后依次用丙酮乙醇溶液（丙酮∶乙醇=1∶1和4∶1）（体积比）、丙酮环氧树脂溶液（丙酮∶环氧树脂=1∶1和1∶4）（体积比）、纯环氧树脂逐级过渡，每级1 h；最后用Epon 812包埋，37 ℃ 12 h、 45 ℃ 12 h、60 ℃12 h分段升温聚合。用切片机进行半薄切片，切片厚度 2 μm。在干净的载玻片（载玻片可先涂抹一层蛋白甘油）上滴一滴水，将半薄切片置于水滴上，加温使切片展平，用氢氧化钠乙醇饱和溶液脱半薄切片的树脂，浸泡3 min，使组织周围的树脂脱落，组织切片颜色变浅，切片仍平展附着于载玻片上。干燥后经甲苯胺蓝染色。

1.2.3 光学显微镜观察 在Olympus显微镜下观察拍照，测量叶片厚度，观察栅栏组织层数并测量栅栏组织厚度、海绵组织厚度、上表皮及下表皮厚度；计算细胞结构紧密度（CTR）和细胞结构疏松度（CSR）。

细胞结构紧密度（CTR）=（栅栏组织厚度/叶片厚度）×100%；

细胞结构疏松度（CSR）=（海绵组织厚度/叶片厚度）×100%。

2 结果与分析

2.1 莲属植物叶片的解剖结构

从表1和图1可以看出，所观察的10个莲叶片样品均为异面叶，表皮由单层细胞构成，上表皮均有乳状突起，分布有密集的气孔。叶肉组织中的栅栏组织由两层细胞构成，排列较紧密，但能够观察到明显的小气室。海绵组织排列非常疏松，形成了较大的气室。在栅栏组织与海绵组织交界处经常可以观察到部分膨大的细胞内包含有较大的草酸钙晶体。细胞结构紧密度（CTR）最大的材料为中美杂交莲，其次为泰国莲，最小的为冬荷。下表皮细胞排列大多数较规则，未见突起，偶见气孔分布。

2.2 莲属植物花瓣的解剖结构

花瓣被认为是变态的叶，从表2和图2可以看出，莲花瓣的解剖结构极为简单。在所有测试材料中，莲花瓣上下表皮细胞形态相似，中间均有乳状突起，无栅栏组织，仅有极为疏松的海绵组织，气室发达。

3 小结与讨论

对植物一些器官的比较解剖学研究能够为一些植物科、属的系统分类提供解剖学证据， 同时为这些植物的开发利用和保护提供科学依据。如张志耘等[3]研究稻属植物叶表皮的结构特征， 探讨这些禾本科类群的系统关系。水生植物的叶片解剖结构有很大的相似性，如发达的通气组织、叶片较薄等。莲是一种大型的水生植物，因此在其形态结构上均表现出了适应水生环境的特征。例如栅栏组织中有大量孔下室的存在，部分孔下室上通气孔下接海绵组织内的大气室。同时，在莲叶下表皮上极少观察到气孔，气孔稀少也减少了多余水分进入莲体内的可能。莲花蕾期有一段时间是位于水面下的，但是花瓣被萼片紧密包裹在一起，与水充分隔开，因此花瓣上下表面均有气孔存在，但气孔密度低于叶片上表面。由此可以看出，叶片与花瓣上气孔的分布和数量均是与其生活环境和生长过程相适应的。

莲属包含中国莲（Nelumbo nucifera）和美国莲（Nelumbo lutea）两个种。有学者也将美国莲看作中国莲的一个亚种[4]。中国莲和美国莲可以进行杂交，且杂交后代可育，因此，从种要具有生殖隔离这一特征上来看，显然二者的分化未能达到种的水平。从试验结果来看，美国莲叶片和花瓣的解剖结构特征均处于所研究的中国莲的材料变异范围之内，可见形态组织学的证据支持将美国莲作为中国莲的亚种处理。中美杂交莲栅栏组织的厚度较大，相应的光合作用能力就较强，能够积累的有机物就更多。今后可将美国莲与子莲品种杂交，选育高产的子莲品种。

中国莲分布范围较广，分为温带型和热带型[5]，不同生境中的中国莲在生长特性和形态学特征上有一定的差别。例如试验所用的泰国莲是泰国地区分布的野莲，生长在热带，与温带地区的中国莲相比，泰国莲终年都可以生长、花期较长。冬荷是从原产热带地区的荷花的莲子选育所得，其花期向后适当延长，能够在国庆前后观赏到荷花[6]。该研究中泰国莲和冬荷是热带来源，而其他试验材料是温带来源，两类气候类型来源的材料在叶片结构和微形态特征上并没有明显分化，这可能与两者生活周期中经历的类似的气候条件有关。

致谢：衷心感谢广东三水荷花世界的张行言研究员和王其超研究员提供冬荷材料。

参考文献：

[1] 倪学明.中国莲[M].北京：科学出版社，1987.

[2] 刘鲜林，林 陶.国产环氧树脂618半薄切片制备及染色法[J]. 贵州师范大学学报（自然科学版），1999，17（2）：54-55.

[3] 张志耘，卢宝荣，温 洁.稻属叶表皮结构特征及其系统学意义[J].植物分类学报，1998，36（1）：8-18.

[4] 黄秀强，陈俊愉，黄国振. 莲属两个种亲缘关系的初步研究[J].园艺学报，1992，19（2）：164-170.

篇6

 

CAI是“计算机辅助教学”(Computer Assisted Instructing)的英文名称缩写。多媒体CAI课件的含义为：把自己的教学想法，包括教学目的、内容、实现教学活动的策略、教学的顺序、控制方法等，用计算机程序进行描述，并存入计算机，经过调试成为可以运行的程序[1]。

 

无机化学是药学专业学生必修的一门重要基础课程，其主要任务是根据药学专业培养目标要求，使学生掌握化学基本理论和基本操作技能。内容包括普通化学原理和元素化学两部分，这些内容的掌握不仅为后续课程的学习打好基础，也是今后从事专业工作所必须。我们在药学专业的无机化学教学过程中，全部采用教师自制的多媒体CAI课件进行教学，受到学生的普遍认可，获得了较好的教学效果。

 

一、无机化学教学中运用多媒体课件的优势

 

(一)改进传统教学方法，教师易于讲授

 

缓冲溶液对药剂生产、保存具有重要作用，是要求学生掌握的重点内容。我们在讲授缓冲溶液概念时，运用Flash MX 2004制作以下实验：在三个试管中分别都加入纯水或NaCl溶液，然后各试管中加入数滴溴麝香草酚蓝指示剂(这种指示剂在pH值为7.0的溶液中呈绿色，在pH< 6.0的溶液中呈黄色，在pH> 7.6 的溶液中呈蓝色)，这时试管中溶液由无色透明变为绿色;接着我们在一个试管的溶液中加入少量盐酸，则溶液立即由绿色转变为黄色;在另一试管的溶液中加入少量氢氧化钠溶液，则溶液立即由绿色转变为蓝色。教师演示完实验后，分析实验现象得出的结论是纯水和一般溶液的pH值是不稳定的，其pH值容易受外来少量强酸或强碱的影响而改变。再制作另外一个实验：在四个试管中分别加入由NaH2PO4和Na2HPO4所组成的pH=7的溶液，然后分别滴加溴麝香草酚蓝指示剂，这时溶液均由无色透明变为绿色。接着我们在第一个试管中，加入少量的盐酸溶液，溶液仍呈绿色。在第二个试管中，加入少量的氢氧化钠溶液，溶液也是仍呈绿色。在第三个试管中，加入少量的水进行稀释，结果溶液的颜色仍然是绿色。上述实验表明这一类溶液能够保持溶液的pH值基本不变，不因外界加入少量强酸、强碱或稀释而使其溶液pH值有明显的变化。教师通过应用二维动画手段形象生动地在课堂上展现缓冲作用过程，从而可以使其教学内容清晰工整，讲授形象生动，提高学生的感知水平和学习兴趣，使学生较好的理解和掌握了本节内容，取得了较好的教学效果。

 

(二)更新授课方法，激发学生的学习兴趣，提高学习效果

 

教学中充分发挥多媒体CAI课件的优势，充分利用计算机多媒体技术将文本、图形、图像、声音、动画和视频等多种媒体综合应用到无机化学多媒体CAI课件中，不仅有利于形象逼真的表现化学世界，还可以对微观现象和抽象事物进行模拟和直观表现，同时将重点、难点内容再现等。应用无机化学多媒体CAI课件授课学生不需要在课堂上忙于做笔记，课下利用拷贝下载的多媒体课件可以自由复习巩固所学知识，从而激发学生学习兴趣，培养其自学能力，提高了教学效果。同时，教师通过学生反馈学习过程中遇到的问题，对自制的多媒体课件的内容进行有益的补充和完善，取长补短，达到教学相长的目的。

 

二、发挥多媒体课件优势优化教学效果的措施

 

(一)发挥教师授课过程中的主导作用

 

发挥教师的主导作用和学生的主体作用，使多媒体课件在现代教育理论的指导下，为提高教学质量服务。应用多媒体无机化学课件使一些难以理解的、抽象的教学内容等更容易理解和记忆，教师要发挥其主导作用，除了制作动画外，还要用专业化学术语、肢体语言等对动画和相关知识进行详细讲解[2]。同时，教师还必须熟练掌握现代多媒体教学技术的操作方法，这样才能在课堂上很好地驾驭教学课件，灵活应用课件，随机应变地处理某些偶发的小故障，使现代化教学手段成为整个教学过程的有机组成部分，从而优化教学过程，提高教学质量[3]。

 

(二)利用计算机的虚拟仿真技术突破教学难点

 

在药学无机化学教学过程中杂化轨道理论是比较抽象，一直是学生比较难理解和掌握的重点内容，讲授这部分内容时我们通过网上搜集素材，利用计算机仿真技术对具体实例分子，例如BeCI2、BF3和H2O等分子的形成过程进行模拟，通过动画演示将不同类型的杂化过程形象生动的展现在学生面前，使复杂的教学过程简单化，抽象的内容具体化、形象化，给学生留下深刻的记忆，从而突破教学难点提高了教学和学习效率。

 

三、制作多媒体课件注意的问题

 

(一)设计课件内容时注重表现形式简单明了，突出教学重点、难点，文字表达尽量简明扼要，以提纲式和结论性为主。避免将课本内容或讲稿内容简单的复制粘贴到幻灯片上。课件页面布局简洁美观，画面色彩搭配合理、生动形象。

 

(二)文字编辑要注意采用合适的字体、字号、字形和颜色。编辑和设计课件文字内容时要注意标题醒目，文字内容的字号要尽量大，选择的字体要醒目，同一级别的内容采用同一字体和字号，突出课件的整体感。对于文字内容中涉及关键性结论、总结等，考虑用不同的字体、字号、字形和颜色设计加以区别，从而强化视觉效果上的冲击力，加深印象;文字颜色与背景颜色相匹配，如果不是为了制造特殊效果，尽量采用无图案的简单背景;文字和背景颜色搭配的原则一是醒目、易读，二是长时间看了以后不累，把握好文字颜色与背景颜色的对比度。

 

(三)音频、视频、图像和动画与教学内容相符合。课件中设计的音频、视频、图像和动画要与教学内容相符合。视、听觉配合和谐;视频、动画中的对象运动流畅，有跳跃的感觉。同时注意使用量得当，根据教学内容的需要适当应用，简单易懂的教学内容就没必要应用，避免喧宾夺主，过分花哨，影响教学效果。

 

在药学无机化学教学中采用多媒体CAI课件教学，是教学手段和教学方法改革的一个重要方面。为使学生更好地掌握与药学相关的化学基本理论和基础知识，坚持对传统的理论课教学进行改革，在课前制作多媒体CAI课件、课堂教授以及课后总结经验上，注意教与学的紧密结合，合理有效利用多媒体手段，充分发挥多媒体教学的优势，坚持自制多媒CAI体课件，引入多种形式的教学方法，从而达到丰富教学内容，提高教学质量，优化教学效果的目的。

 

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关键词：高职 无机化学 教学改革 学习兴趣

职业教育是教育的一个类型，其本质特征是“职业性”，职业教育不是低水平、低层次、低质量的教育。职业教育既可以培养学生技术能力、操作能力，也可以培养学生的应用研究能力和设计能力；既可以培养技术型和技能型人才，也可以培养应用研究型人才和工程型人才。高等职业教育与普通高等教育的类别特征、与中等职业教育的层次区别，集中反映在其课程体系之中。我国高等职业教育借鉴国外经验，引入能力本位观念，引入工作过程课程开发手段，引入行动导向教学并普遍推广。《无机化学》作为我校高等职业教育材料成型与控制技术、冶金技术、煤炭深加工与利用等专业的必修课程，为了适应高等职业教育改革与发展，为了主动适应区域经济社会发展需要，进行教学改革以适应现代职业技术教育是必需的。但是，《无机化学》作为一门讲了又讲，讲了好多年的基础课，长期以来摆脱不了传统的教学模式和教学内容束缚，这不利于专业的发展。笔者者结合自己对高职冶专和煤专学生所讲的《无机化学》课程，提出几点自己的思考与体会。

一、激发学生对这门课程学习必要性的认识和学习热情最重要

对于学习的乐趣是自主学习当中不可缺少的。对于基础知识，教师进行深入细致的讲解。而对于知识的延伸，采取学生自学和课上讨论发言的形式，从而激发学生的主观能动性和想象力。例如，在物质结构和原子核的章节中，学生们很难从高中所学核外电子分层运动和牛顿经典力学中跳出来，接受全新的理论很难。但是这部分内容是化学的基础，对于下册元素与物质来说，是很重要的基础。因此，在讲解过程中要细致深透，让学生们自己会运用所学泡利不相容原理、能量最低等理论去解释具体的某一个元素核外电子排布的规律。那么，在解释具体的几个元素之后，学生们会豁然开朗，学习兴趣就油然而生，对理论也掌握的更熟悉。理论的深奥不能使学生感到不能理解或者是排斥，而是应该去激发学生举一反三，带来更多的对未解问题的兴趣。再比如，全新的网上虚拟化学实验室开放也激发学生们极大的兴趣。

二、发挥数字化校园的网络优势，便于师生之间交流

网络教学平台是指建立在Internet基础之上，为网络教学提供全面支持服务的软件系统。网络教学平台在全世界应用非常广泛，尤其在大学和中等专业学校已经普遍应用。网络教学平台主要功能模块有课程介绍、教学大纲、教学安排、教师信息、课程通知、教学材料、答疑讨论、课程作业、课程问卷、教学笔记、教学邮箱、课程管理、课程列表、教学博客、日程安排、申请开课。在教学资源库中，开设了全国高校国家级精品课程、清华大学网络课程、全球开放课程2148门。教师将课件和习题解答传到网络教学平台上，学生可以及时得到教学资源并在平台上提出问题。教师也可以很方便快捷地了解学生学习过程的问题，在课上或者平台留言上予以解答。

三、网上虚拟化学实验室开放

我校基础化学实验教学示范中心面向全校师生开放无机化学虚拟实验室以及化学实验基础知识与基本操作等虚拟实验室。虚拟的化学实验室具有高效、易用、开放、灵活、功能强大等优点，它依托互联网的优势，通过网络虚拟实验室来模拟化学实验，可以提高实验效率，降低实验成本。在虚拟实验环境下，能保证实验重复进行，无需考虑设备及资源的消耗，学生只需要通过计算机键盘和鼠标操作，就可以进行虚拟的化学实验操作和观察实验现象。这种全新的方式不同于实验课，实验课观察到的是表面现象，用所学理论去解释和计算。而虚拟实验室看到了微观和表面所发生的变化，更使学生容易理解理论。

四、结合专业和《无机化学》课程的必要联系，加强基础知识的应用

本课程是学生进大学后的第一门化学课，它的任务是为学习后续的《分析化学》、《有机化学》、《物理化学》等课程提供必需基本理论知识，同时掌握无机化学常见元素单质、化合物的性质以及无机化学常见反应类型和反应规律。课程课堂教学时数为50学时，一个学期进行。对于冶专和煤专的学生来讲，在有限的课时里，重点讲授基础理论，以习题为例，详细讲解理论的应用和计算，使得学生加深理论的理解。元素和化合物部分内容繁杂，因此要重点讲授过渡族金属元素的性质和化合物以及新材料、新冶炼技术等专业的相关内容。

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【摘要】 目的研究比较3种五环三萜化合物齐墩果酸(OA)、乌苏酸(UA)、积雪草酸(AA)的护肝及抗氧化作用。方法建立小鼠D-氨基半乳糖/脂多糖(D-GalN/LPS)肝损伤模型，检测OA、UA、AA对损伤小鼠血清天冬氨酸氨基转移酶(AST)、丙氨酸氨基转移酶(ALT)活性以及肝组织脂质过氧化的影响;运用体外自由基清除试验，测定3种化合物对超氧阴离子和羟自由基的清除作用。结果100 mg·kg-1 OA、UA、AA均能有效抑制D-GalN/LPS引起的小鼠血清AST及ALT活性的显著上升;明显减少肝组织脂质过氧化产物MDA的生成;一定浓度3种化合物能有效清除超氧阴离子和羟自由基，且3个化合物清除自由基能力存在显著差异。结论3种五环三萜化合物OA、UA、AA均具有显著护肝和抗氧化活性，且AA、UA的护肝作用优于OA，其机理可能与其具有更强的清除自由基能力有关。

【关键词】 齐墩果酸; 乌苏酸; 积雪草酸; D-氨基半乳糖/脂多糖; 抗氧化作用

Abstract：ObjectiveTo compare the hepatoprotective and anti-oxidative effects of three pentacyclic triterpenoids， oleanolic acid(OA)， ursolic acid(UA) and asiatic acid(AA). MethodsD-GalN/LPS-induced liver injury model was used to evaluate the effects of OA， UA and AA on the activities of serum aspartate aminotransferase (AST) and alanine aminotransferase (ALT) and the level of liver lipid peroxidation in mice. Scavenging activity on superoxide anion and hydroxyl radicals of three compounds were investigated to determine their anti-oxidative effects.ResultsPretreatment with 100 mg·kg-1 OA， UA and AA， dovusly reversed the increase of serum AST and ALT activities and the level of liver lipid peroxidation induced by D-GalN/LPS in mice. OA， UA and AA， at concentrations ranging from 50 to 450 mol·L-1， showed dose-dependent superoxide anion and hydroxyl radical scavenging activity. In addition， it was also found that there were differences among three compounds in scavenging activity on free radicals， anti-oxidative and hepatoprotective effects. Conclusion Three pentacyclic triterpenoids， OA， UA and AA， have significant hepatoprotective activity against D-GalN/LPS-induced liver injury in mice. Moreover， the hepatoprotection and anti-oxidation of UA and AA are stronger than that of OA and the mechanisms might be related to their more powerful scavenging activities on free radicals.

Key words：Oleanolic acid (OA); Ursolic acid (UA); Asiatic acid (AA); D-Galactosamine; Lipopolysaccharide; Anti-oxidation

五环三萜类化合物分布广泛，资源丰富，毒性较低，具有广泛的药理作用和重要的生物活性，尤其在抗炎、护肝、抗肿瘤以及机体免疫调节等方面已经显现出令人关注的药理特性。其中以齐墩果酸(OA)研究最为清楚，作为抗肝炎药物亦早已应用于临床。乌苏酸(UA)为OA的同分异构体，现代药理学研究发现，UA不仅具有OA相同的生物学作用，而且在防治肝炎、抗肿瘤等方面比OA的作用更强大[1，2]。积雪草酸(AA)为OA、UA的结构类似物，除具有刺激胶原合成、抗炎、增强认知、抗肿瘤[3]等药理作用外，我们近期的研究首次发现其具显著抗肝损伤作用[4]。

本研究拟运用D-氨基半乳糖/脂多糖(D-GalN/LPS)小鼠急性肝损伤和体外自由基清除试验，比较OA、UA及AA的护肝及抗氧化作用，为更好地开发利用五环三萜化合物提供依据。

1 材料与仪器

1.1 动物ICR小鼠，雄性，体质量18～22 g，购自南京医科大学实验动物中心，许可证号：SCXK(苏)2002-0031。

1.2 试剂齐墩果酸，中国药品生物制品研究所产品;乌苏酸、积雪草酸，Sigma-Aldrich公司产品;联苯双酯(DDB)，北京协和制药厂产品。D-氨基半乳糖、脂多糖、黄嘌呤、四唑氮蓝、细胞色素C、黄嘌呤氧化酶、超氧化物歧化酶(SOD)，Sigma公司产品。天冬氨酸氨基转移酶(AST)、丙氨酸氨基转移酶(ALT)、丙二醛(MDA)检测试剂盒，南京建成生物工程研究所产品。其余试剂均为国产分析纯。

1.3 仪器Hitachi 7600-020全自动生化分析仪，日立公司产品;7520分光光度计，上海分析仪器厂产品; Biofuge Primo R 冷冻离心机，Kendro 公司产品;电热恒温水浴锅，北京市医疗设备厂产品。

2 方法

2.1 D-GalN/LPS急性肝损伤模型的建立小鼠分6组：正常组、D-GalN/LPS损伤组、OA、UA、AA组和阳性对照组。正常组和损伤组小鼠以0.2 ml·(10 g)-1体质量生理盐水连续灌胃5 d，OA、UA、AA组以及阳性对照组分别以100 mg·kg-1 3种化合物及200 mg·kg-1DDB同样方式灌胃;第6天正常组小鼠按0.2 ml·(10 g)-1腹腔注射生理盐水，其余组小鼠腹腔注射600 mg·kg-1 D-GalN;1 h后，除正常组小鼠腹腔注射0.2 ml·(10 g)-1生理盐水外，其它各组腹腔注射LPS(10 g·kg-1)，同时小鼠给予禁食不禁水。LPS注射12 h后，取血，分离血清，待测血清ALT、AST活力。处死小鼠后，取部分肝组织，制备肝组织匀浆，待测脂质过氧化水平。

2.2 酶活力的测定分离得到的各组小鼠血清，全自动生化分析仪测定血清ALT及AST活性。

2.3 脂质过氧化水平测定制备的肝组织匀浆，妥巴比法测定脂质过氧化水平。

2.4 超氧阴离子清除实验利用黄嘌呤/黄嘌呤氧化酶氧自由基发生系统测定化合物对超氧阴离子的清除率[5]。实验分为11组：对照组，OA 三个剂量组(50，150，450 mol·L-1)，UA的三个剂量组(50，150，450 mol·L-1)，AA 三个剂量组(50，150，450 mol·L-1 )，阳性对照组。在3 ml的10 mmol·L-1 KH2PO4-KOH缓冲液 (pH 7.4)中加入相应浓度3种化合物、100 mol·L-1黄嘌呤及0.02 U·ml-1黄嘌呤氧化酶，加入100 mol·L-1四唑氮蓝，于25℃条件下孵育5 min，于550 nm处测定吸光值，以100 mol·L-1 SOD作为阳性对照。超氧阴离子清除率计算公式：(AControl-ADrug) /AControl×100 %，A=A0 min-A5 min。

2.5 羟自由基清除试验利用CuSO4/细胞色素C自由基发生系统检测化合物对羟自由基的清除率[6]。实验分组同“2.4”项。在3 ml的0.15 mmol·L-1磷酸缓冲液(含100 mol·L-1 维生素C、100 mol·L-1 CuSO4及100 mol·L-1 细胞色素C，pH 7.4)中加入相应浓度3种化合物，反应体系于25 ℃中孵育90 min，于550 nm处测定吸光值，以60 mol·L-1 维生素E作为阳性对照。羟自由基清除率计算公式：(AControl-ADrug) /AControl100 %，A=A0 min-A90 min。

2.6 统计方法进行单因素方差分析(one way analysis of variance， one way ANOVA)，各处理组的组间差异采用SNK-q(Student Newman Keuls-q)检验进行比较。

3 结果

3.1 对D-GalN/LPS诱导的小鼠急性肝损伤酶活力及肝组织脂质过氧化水平的影响由表1可看出，D-GalN/LPS损伤小鼠血清ALT及AST活性急剧升高，而预先予100 mg·kg-1的3种化合物灌胃的小鼠血清ALT及AST活性均显著低于损伤组，OA、UA、AA对血清ALT活性升高的抑制率分别为71.6 %，88.4%和 100 %;对血清AST活性升高的抑制率分别68.3%，84.7%和95.6%。比较3种化合物的护肝作用，发现其降酶效果存在显著差异：AA对损伤小鼠血清ALT酶活的抑制作用强于UA，而UA强于OA(P

小鼠D-GalN/LPS损伤后，肝组织脂质过氧化水平升高为正常小鼠的2.9倍，表明产生了肝组织的氧化损伤。而与损伤小鼠相比，预先以3种不同化合物灌胃给药的小鼠肝组织MDA水平有不同程度下降，OA、UA、AA对损伤引起的肝组织脂质过氧化水平升高的抑制率分别为63.5 %，83.8 %和91.5 %，其中AA、UA抑制作用强于OA(P

3.2 对超氧阴离子的清除作用对超氧阴离子的清除试验结果(表2)显示，3种化合物对超氧阴离子有明显的清除作用，并且随着浓度的增加，其清除作用随之加强。比较相同浓度不同化合物对超氧阴离子的清除作用发现，AA、UA的清除能力超过了相同浓度的OA，450 mol·L-1AA对超氧阴离子的清除率(55.5%)及UA(49.4 %)与同浓度OA(40.4%)相比均有显著差异(P

3.3 对羟自由基的清除作用由表3可知，150及450 μmol·L-1 3种化合物对羟自由基具有显著清除作用。比较其对羟自由基的清除能力发现，3种化合物对羟自由基清除能力有显著差异， OA，UA、AA(450 μmol·L-1)对羟自由基的清除率分别为41.8 %、50.9 %和63.9 %，清除能力由强到弱的顺序为AA>UA>OA(P

4 讨论

D-GalN/LPS肝损伤是筛选护肝药、研究药物作用原理最常用的肝损伤模型[7]。本研究运用D-GalN/LPS小鼠急性肝损伤试验研究比较3种五环三萜化合物OA、UA、AA的护肝作用，实验结果表明，3种化合物对D-GalN/LPS诱导的小鼠急性肝损伤酶活力升高均有显著抑制作用，且3种化合物降酶效果存在显著差异：降低血清ALT活性能力强弱的顺序为AA>UA>OA;降低血清AST活性能力强弱的顺序为AA，UA>OA;同时检测了肝组织脂质过氧化产物MDA的量，发现3种化合物均能显著减少MDA的生成，表明其均具有抗氧化作用，且其抗氧化能力大小顺序为AA，UA>OA，该结果提示，3种化合物护肝效果存在显著差别，且该差异可能与它们的抗氧化能力强弱不同有关。运用自由基清除试验，进一步比较3种化合物的体外抗氧化能力，发现，一定浓度3种化合物对自由基具有显著清除作用，且不同化合物的自由基清除率存在显著差异，其清除自由基能力强弱的顺序与在体抗氧化的顺序一致(AA，UA>OA)。该结果进一步证实，该类化合物护肝作用强弱与其抗氧化作用之间可能存在相关关系。

OA护肝、解毒作用已得到肯定，其机制认为是多重的，由于化学结构存在活泼的双键、羟基、羧基官能团，如与毒物结合易发生化学反应，达到解毒目的;能对抗自由基，抑制脂质过氧化物，有膜稳定作用[8];增加肝细胞谷胱甘肽酶活力，直接抑制转氨酶活性，抑制P4502E1的表达和活性，并且使肝细胞DNA及蛋白质合成速率明显增高，有促进肝组织修复的作用。UA和OA分子组成完全相同，二者为同分异构体，在保肝、护肝机制可能与OA有相似之处，并且其特色可能重在对抗自由基、抑制脂质过氧化物[1，9]。而AA和OA分子结构非常类似，比OA多2个羟基，推测，羟基数目的增加是AA抗氧化能力增强的重要原因之一。分析三者结构的差异，可以认为分子构象的不同以及羟基数目的差别可能是该类化合物抗氧化和保护肝细胞能力强弱不同的重要原因。

鉴于五环三萜类化合物的优势以及OA护肝、解毒等方面比较成熟的临床用途，而AA及UA在抗氧化和保护肝细胞方面均显著优于OA，AA及UA护肝、解毒等功效值得关注，有望开发成为功能强大的护肝新药。

参考文献

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[2] Saravanan R， Viswanathan P， Pugalendi KV， et al. Protective effect of ursolic acid on ethanol-mediated experimental liver damage in rats[J]. Life Sci. 2006， 78(7): 713.

[3] 林 娜， 高 静， 方春钱， 等. 积雪草酸与化疗药物联用抗肿瘤效应的初步研究[J]. 江苏大学学报(医学版)，2008， 18(6): 494.

[4] Gao J， Chen J， Tang XH， et al. Mechanisms underlying mitochondrial protection of Asiatic acid against hepatotoxicity in mice[J]. J. Pharm. Pharmacol，2006， 58: 227.

[5] Panteleon V， Marakos P， Pouli N， et al. Interactions of a series of novel spiropyranocoumarin derivatives with reactive oxygen species[J]. J. Pharm. Pharmacol，2003， 55: 1029.

[6] Zhao L， Zhao G， Hui B， et al. Effect of selenium on increasing free radical scavenging activities of polysaccharide extracts from a Se-enriched mushroom species of the genus Ganoderma[J]. Eur. Food Res. Technol，2008， 226(3): 499.

[7] 杨 雁， 路景涛， 周爱武. 肝细胞凋亡模型的建立[J]. 中国药理学通报，2000， 16(4): 473.

篇9

一、单项选择题

1.以下有关化学反响的表达正确的选项是:(

)

A. 室温下，Na在空气中反响生成Na2O2     B. 室温下，Al与4.0mol﹒L-1NaOH溶液反响生成NaAlO2

C. 室温下，Cu与稀硫酸反响放出H2气体     D. 室温下，Fe与浓H2SO4反响生成FeSO4

2.盐是一类常见的物质，以下物质通过一定反响可直接形成盐的是〔

〕

①金属单质　②碱性氧化物

③非金属单质

④酸性氧化物

⑤酸

⑥碱

A. ①②③                                 B. ①④⑥                                 C. ②⑤⑥                                 D. 全部

3.如下图，其中X、Y、Z、R、E分别是氧化铁、稀硫酸、氢氧化钡溶液、碳酸钠溶液、二氧化碳中的一种。图中短线相连的物质间均能相互发生反响，X和R反响有气泡出现，那么以下说法正确的选项是(

)

A. X是稀硫酸

B. X和Z反响无明显现象

C. R与E反响产生能使澄清石灰水变浑浊的气体

D. E在一定条件下可以转化为Y

4.以下对应实验现象的反响方程式正确的选项是

(

)

A. 切开的金属Na暴露在空气中,光亮外表逐渐变暗:2Na+O2=Na2O2

B. Na2CO3溶液中逐滴参加盐酸,开始时无气泡产生:Na2CO3+HCl=NaCl+NaHCO3

C. Na2O2在潮湿的空气中放置一段时间后,变成白色黏稠物:2Na2O2+2CO2=2Na2CO3+O2

D. 向NaHCO3溶液中参加过量的澄清石灰水,出现白色沉淀:2HCO3-+Ca2++2OH-=CaCO3+C

O32−

+2H2O

5.聚合硫酸铁[

Fe(OH)SO4]n易溶于水，能用作净水剂(絮凝剂)，可由绿矾(FeSO47H2O)和KClO3在水溶液中反响得到。以下说法错误的选项是〔

〕

A. KClO3在反响中作氧化剂

B. 每生成

1

mol

[

Fe(OH)SO4]n

转移1mol电子

C. 将绿矾水溶液久置于空气中，滴加几滴

KSCN

溶液，溶液变血红色

D. 聚合硫酸铁可在水中形成氢氧化铁胶体，故能用作净水剂

6.用洁净的铂丝蘸取某种无色溶液，在无色火焰上灼烧，火焰呈黄色，说明该溶液中(

)

A. 只有Na＋        B. 可能有Na＋

，

可能有K＋        C. 一定有K＋        D. 一定有Na＋

，

也可能有K＋

7.证明某溶液中只含Fe2＋而不含Fe3＋的实验方法是〔

〕

A. 只滴加KSCN溶液                                         B. 先滴加KSCN溶液，不显红色，再滴加氯水后显红色

C. 先滴加氯水，再滴加KSCN溶液后显红色      D. 滴加NaOH溶液，产生白色沉淀

8.“胃舒平〞是一种治疗胃酸过多的药物，是一种常见的两性物质，其主要成分为〔

〕

A. Na2O2                              B. Al2O3                              C. NaHCO3                              D. Al(OH)3

9.甲、乙、丙、丁四种物质中，甲、乙、丙均含有相同的某种元素，它们之间具有如下转化关系：甲

丁

乙

⇌甲丁

丙。以下有关物质的推断错误的选项是〔

〕

A. 假设甲为Cl2

，

那么丁可能是铁

B. 假设甲为铁，那么丁可能是硝酸

C. 假设甲为AlCl3溶液，那么丁可能是氨水

D. 假设甲为NaOH，那么丁可能是CO2

10.甲、乙两烧瓶中各盛有100mL

5mol·L-1的盐酸和氢氧化钾溶液；向两烧瓶中分别参加等质量的铝粉，反响结束测得生成的气体体积甲∶乙＝2∶3〔相同状况〕，那么参加铝粉的质量为〔

〕

A. 2.7g                                    B. 3.6g                                    C. 5.4g                                    D. 6.75g

11.以下图像中的曲线〔纵坐标为沉淀或气体的量，横坐标为参加物质的量〕，其中错误的选项是〔

〕

A. 图A表示向含H+、Mg2+、Al3+、NH4+的溶液中滴加NaOH溶液产生沉淀量的关系曲线

B. 图B表示向澄清石灰水中通入二氧化碳直至过量产生沉淀量的关系曲线

C. 图C表示向NaOH和Na2CO3的混合液中滴加盐酸产生CO2气体的关系曲线

D. 图D表示向明矾溶液中滴加Ba〔OH〕2溶液产生沉淀量的关系曲线

12.密闭容器中装有1mol

NaHCO3和0.8mol

Na2O2

，

加热充分反响后，容器内残留的固体是(

)

A. 0.8molNa2CO3和0.6molNaOH                         B. 0.5molNa2CO3和1molNaOH

C. 0.8molNa2CO3和1molNaOH                            D. 1molNa2CO3和0.6molNaOH

13.向一定量的Fe、FeO、Fe3O4的混合物中参加100mL2mol/L的盐酸，恰好使混合物完全溶解，放出224mL〔标准状况〕的气体，所得溶液中参加KSCN溶液无血红色出现。假设用足量的CO在高温下复原相同质量的此混合物，能得到铁的质量是〔

〕

A. 11.2g                                  B. 5.6g                                  C. 2.8g                                  D. 无法计算

14.以下表达正确的选项是(

)

①氧化铝是一种比拟好的耐火材料，可用来制造耐火坩埚

②氧化铁常用于制作红色油漆和涂料

③碳酸氢钠俗名小苏打，可用于制作发酵粉和治疗胃酸过多的药物

④过氧化钠比氧化钠稳定，两种氧化物均可作潜艇中的供氧剂

⑤焰色反响表达的是某些金属元素的物理性质

A. ①②③⑤                           B. ②③④⑤                           C. ①③④⑤                           D. ①②③④

15.以下关于钠的化合物的表达错误的选项是〔

〕

A. 热稳定性：

Na2CO3>NaHCO3

B. Na2O

与

Na2O2

都能和水反响生成碱，它们都是碱性氧化物

C. 碳酸氢钠可用于治疗胃酸过多

D. Na2O2

中阴、阳离子的个数比为1：2

16.向MgSO4和Al2(SO4)3的混合溶液中，逐滴参加NaOH溶液。以下图象中，能正确表示上述反响的是〔横坐标表示参加NaOH的体积，纵坐标表示生成沉淀的质量〕〔

〕

A.                  B.                  C.                  D.

二、综合题

17.

〔1〕如图进行实验，将a溶液逐渐参加盛b溶液的试管中，写出试管中观察到的现象及对应的离子方程式。

a

b

试管中现象

离子方程式

Na2CO3

稀盐酸

________

________

稀盐酸

Na2CO3

________

________

〔2〕工业上利用NaIO3和NaHSO3反响来制取单质I2。配平以下化学方程式并用单线桥法表示电子转移的方向和数目：

________NaIO3+________NaHSO3＝________I2+________Na2SO4+________H2SO4+________H2O

〔3〕ClO2常用于水的净化，工业上可用Cl2氧化NaClO2溶液制取

ClO2−

。写出该反响的离子方程式，并用双线桥法表示电子转移的方向和数目________。

18.固体化合物

X

由

3

种元素组成。某学习小组进行了如下实验：

请答复：

〔1〕由现象

1

得出化合物

X

含有________元素(填元素符号)，X

的化学式________。

〔2〕固体混合物

Y

的成分________(填化学式)。

〔3〕实验室常将氨气(NH3)通过红热的黑色固体化合物

Z

制备氮气，该反响的化学方程式是________，当有28克氮气生成时转移的电子的物质的量为________mol。

19.固体化合物X由3种元素组成。某学习小组进行了如下实验：

请答复：

〔1〕由现象1得出化合物X含有________元素(填元素符号)。

〔2〕固体混合物Y的成分________(填化学式)。

〔3〕X的化学式________ 。

〔4〕x与浓盐酸反响产生黄绿色气体，固体完全溶解，得到蓝色溶液，该反响的化学方程式是________。

20.磁性材料

A

是由两种元素组成的化合物，某研究小组按如图流程探究其组成：

〔1〕A

的化学式为________。

〔2〕化合物

A

能与稀硫酸反响，生成一种淡黄色不溶物和一种气体〔标况下的密度为

1.518

g·L－1〕。该气体分子的电子式为________，写出该反响的离子方程式：________。

〔3〕写出

FG

反响的化学方程式：________。

〔4〕设计实验方案探究溶液

G

中的主要微粒〔不考虑

H2O、H＋、K＋、I－〕：________。

答案解析局部

一、单项选择题

1.【答案】

B

【解析】A.

室温下，钠在空气中与氧气反响生成氧化钠，在加热时生成过氧化钠，A不符合题意；

B.

室温下，铝与氢氧化钠溶液反响生成偏铝酸钠和氢气，B符合题意；

C.

室温下，铜与浓硝酸反响生成硝酸铜、二氧化氮和水，C不符合题意；

D.

室温下，铁与浓硫酸发生钝化反响，即浓硫酸具有强氧化性，将铁氧化生成一层致密的氧化物薄膜，不会生成硫酸亚铁，D不符合题意；

故答案为：B。

A．4Na+O2=2Na2O；

B．

2Al+2H2O+2NaOH=2NaAlO2+3H2。

；

C．Cu与稀硫酸不反响；

D．室温下，Fe与浓H2SO4发生钝化，阻止反响进一步进行。

2.【答案】

D

【解析】①金属单质与非金属单质可生成盐，如Na与Cl2反响可生成氯化钠，①符合题意；

②碱性氧化物与酸性氧化物、酸都可能生成盐，如Na2O与CO2反响生成碳酸钠，氧化钠与盐酸反响生成氯化钠，②符合题意；

③非金属单质与金属单质可生成盐，如Na与Cl2反响可生成氯化钠，③符合题意；

④酸性氧化物与碱性氧化物、碱、某些盐反响都可能生成盐，如二氧化碳与氧化钠、氢氧化钠、碳酸钠溶液都能反响生成盐，④符合题意；

⑤酸与金属、碱性氧化物、碱、某些盐反响，都可能生成盐，如盐酸与钠、氧化钠、氢氧化钠、碳酸钠都能反响生成盐，⑤符合题意；

⑥碱与酸反响可以生成盐，如盐酸与氢氧化钠反响生成氯化钠，⑥符合题意；

综合以上分析，①②③④⑤⑥都可通过一定的反响生成盐，

故答案为：D。

金属单质与酸或某些盐溶液反响生成盐；

碱性氧化物能与酸反响生成盐；

某些非金属单质与碱反响生成盐；

酸性氧化物与碱反响生成盐；

酸碱中和反响可以生成盐，据此分析解答。

3.【答案】

D

【解析】

X和R反响有气泡

，那么X、R为稀硫酸和碳酸钠中的一种，又R能与三种物质反响，那么R为稀硫酸，X为碳酸钠，那么Z为氢氧化钡，Y为二氧化碳，E为氧化铁

A、X为碳酸钠，故A不符合题意

B、X和Z，有白色沉淀生成，故B不符合题意

C、R为稀硫酸，E为氧化铁，不能生成使澄清石灰水变浑浊的气体，故C不符合题意

D、E为氧化铁，被C或者CO复原时，能生成二氧化碳，故D符合题意

故答案为：D

此题突破点在于

X和R反响有气泡

，且R能与三种物质反响，。

4.【答案】

B

【解析】A.钠在常温下生成氧化钠，故A不符合题意

B.碳酸根结合氢离子也是分步的，刚开始无气泡生成，产生碳酸氢根，故B符合题意

C.在潮湿的空气中生成的生物为十水合碳酸钠，故C不符合题意

D.澄清石灰水过量，那么无碳酸根剩余反响为

2HCO3-+2Ca2++2OH-=2CaCO3 +2H2O，故

D不符合题意

故答案为：B

离子方程式判断，看是否符合反响事实，是否量的关系正确，是否配平，是否漏写离子反响

5.【答案】

B

【解析】A．根据分析，KClO3在反响中作氧化剂，故A不符合题意；

B．KClO3将FeSO4氧化成[Fe(OH)SO4]n的化学方程式为6nFeSO4+nKClO3+3nH2O=6[Fe(OH)SO4]n+nKCl，根据反响可知，生成6mol[Fe(OH)SO4]n转移6nmol电子，那么每生成

l

mol

[Fe(OH)SO4]n

转移nmol电子，故B符合题意；

C．绿矾(FeSO4⋅7H2O)中的二价铁易被氧化成三价铁，那么将绿矾水溶液久置于空气中，滴加几滴

KSCN

溶液，溶液变血红色，故C不符合题意；

D．聚合硫酸铁中的铁为+3价，能用作净水剂，那么聚合硫酸铁能水解生成氢氧化铁胶体，氢氧化铁胶体能吸附水中的悬浮物而净水，故D不符合题意；

故答案为：B。

KClO3将FeSO4氧化成[Fe(OH)SO4]n的化学方程式为6nFeSO4+nKClO3+3nH2O=6[Fe(OH)SO4]n+nKCl，聚合硫酸铁[Fe(OH)SO4]n又称为碱式硫酸铁，能水解生成氢氧化铁胶体，据此解答。

6.【答案】

D

【解析】钠离子的焰色反响为黄色，钾离子的焰色反响为紫色，会被钠离子的黄色所掩蔽，所以焰色反响为黄色，说明一定含Na+也可能含K+

，

故D选项符合题意。

故答案为：D。

钠元素的焰色反响为黄色，钾元素的焰色反响为紫色，要观察钾元素的焰色，需要透过蓝色钴玻璃片，滤去黄色的光的干扰，焰色反响属于元素的性质，为物理变化。

7.【答案】

B

【解析】A.二价铁离子与硫氰根离子不反响，无明显现象，只滴加KSCN溶液，不能证明二价铁离子的存在，故A不符合题意；

B.先滴加KSCN溶液，不显红色，排除三价铁离子的干扰，再滴加氯水后显红色，可证明二价铁离子存在，故B符合题意；

C.先加氯水，再滴加KSCN溶液后显红色，不能排除三价铁离子的干扰，故C不符合题意；

D.加NaOH溶液，产生白色沉淀的离子有很多种，不能证明存在二价铁离子，故D不符合题意；

故故答案为：B。

铁离子可以用硫氰化钾溶液检验，亚铁离子可以用氯水和硫氰化钾溶液检验，也可以用酸性高锰酸钾溶液检验。

8.【答案】

D

【解析】A．Na2O2是过氧化物，不是两性物质，不符合题意，A不符合题意；

B．Al2O3是两性氧化物，但不能用来治疗胃酸过多，B不符合题意；

C．NaHCO3能和酸反响，但不能仅仅生成盐和水，能和碱反响，生成盐和水，那么它不是两性物质，不符合题意，C不符合题意；

D．Al(OH)3是两性氢氧化物，可用来治疗胃酸过多，D符合题意。

故答案为：D。

既能与酸起反响生成盐和水，又能与碱起反响生成盐和水的物质称为两性物质，据此结合实际问题答复。

9.【答案】

C

【解析】A、假设甲为Cl2

，

氯气与铁反响生成氯化铁，氯化铁溶液与铁反响生成氯化亚铁，氯化亚铁溶液与氯气反响生成氯化铁，故A不符合题意；

B、假设甲为铁，过量铁与硝酸反响生成硝酸亚铁，硝酸亚铁溶液与硝酸反响生成硝酸铁，硝酸铁溶液与铁反响生成硝酸亚铁，故B不符合题意；

C、假设甲为AlCl3溶液，氯化铝溶液与氨水反响生成氢氧化铝沉淀，氢氧化铝是两性氢氧化物，溶于强酸强碱，但不溶于弱酸弱碱，氨水为弱碱，不能与氢氧化铝反响，故C符合题意；

D、假设甲为NaOH，二氧化碳与过量氢氧化钠溶液反响生成碳酸钠，碳酸钠溶液与二氧化碳反响生成碳酸氢钠，碳酸氢钠溶液与氢氧化钠溶液反响生成碳酸钠，故D不符合题意；

故答案为：C。

氢氧化铝是两性氢氧化物，溶于强酸强碱，但不溶于弱酸弱碱，氨水为弱碱是解答关键，也是易错点。

10.【答案】

D

【解析】盐酸与铝的离子反响式为：

2Al+6HCl2AlCl3+3H2

，KOH与铝的离子反响式为：

2Al+2NaOH+2H2O2NaAlO2+3H2

，所以等物质的量的铝分别与足量的盐酸和氢氧化钾溶液反响，消耗的氢氧化钾溶液的量比盐酸少；而此题中反响结束测得生成的气体体积甲∶乙＝2∶3，故盐酸少量，那么与盐酸反响生成的氢气为

n(H2)=2n(HCl)=0.25mol

，故与KOH溶液反响生成的氢气为

n(H2)=1.5×0.25mol=0.375mol

。KOH溶液足量，参加其中的铝完全反响。故可求得

m(Al)=M(Al)×n(Al)=27g/mol×0.25mol=6.75g。

故答案为：D。

铝的质量相同，盐酸和氢氧化钠溶液中溶质的物质的量相同，假设Al都完全反响，那么生成氢气应相等，而应结束后测得生成的气体体积比为甲：乙=2：3，由方程式：

2Al+6HCl2AlCl3+3H2

、

2Al+2NaOH+2H2O2NaAlO2+3H2

，可知相同物质的量的Al反响时，消耗HCl较多，故酸与金属反响时酸不过量，碱与金属反响时碱过量，结合方程式计算解答．

11.【答案】

C

【解析】A．H+、Mg2+、Al3+、NH4+的溶液中H+最易与OH-反响，所以开始无沉淀，其次为Al3+

，

反响后生成水、氢氧化铝，出现沉淀，Mg2+和OH-反响生成氢氧化镁，沉淀达最大量，继续滴加，NH4+和OH-反响生成一水合氨，沉淀量不变，继续滴加，氢氧化铝溶解，Al〔OH〕3+OH-＝AlO2-+2H2O，故A不符合题意；

B．石灰水中通入二氧化碳，先发生Ca〔OH〕2+CO2＝CaCO3+H2O，生成沉淀，后发生CO2+CaCO3+H2O＝Ca〔HCO3〕2

，

故先产生沉淀，后沉淀溶解，前后两局部二氧化碳的物质的量为1：1，故B不符合题意；

C．向NaOH和Na2CO3的混合液中滴加盐酸，盐酸先和氢氧化钠反响，开始没有气体产生，然后再与碳酸钠反响，Na2CO3+HCl＝NaHCO3+NaCl，NaHCO3+HCl＝NaCl+CO2+H2O，产生CO2气体，开始未产生气体消耗的盐酸应比产生气体消耗的盐酸多，图象不符合题意，故C符合题意；

D．向明矾溶液中逐滴参加Ba〔OH〕2溶液，当Al3+恰好全部沉淀时，离子方程式为：2Al3++3SO42-+3Ba2++6OH-＝3BaSO4+2Al〔OH〕3，继续滴加，那么发生Al3++4OH-＝AlO2-+2H2O，故D不符合题意；

故答案为：C。

此题以图象为载体考查钙镁铝化合物的性质，明确发生的化学反响是解答的关键，反响发生的先后顺序是学生解答中的难点，注意图象比例关系。特别是C选项，盐酸先和氢氧化钠反响，再与碳酸钠反响，且先生成碳酸氢钠，再生成二氧化碳。

12.【答案】

D

【解析】碳酸氢钠不稳定受热分解生成碳酸钠、水和CO2

，

物质的量分别都是0.5mol。生成的CO2首先和过氧化钠反响，消耗0.5mol过氧化钠，生成0.5mol碳酸钠。剩余的0.3mol过氧化钠再和0.3mol水反响生成0.6mol氢氧化钠，

故答案为：D。

根据碳酸氢钠不稳定受热分解生成碳酸钠、水和CO2

，

及过氧化钠与二氧化碳、水反响规律进行分析。

13.【答案】

B

【解析】盐酸恰好使混合物完全溶解，盐酸没有剩余，向反响所得溶液加KSCN溶液无血红色出现，说明溶液为FeCl2溶液，根据氯元素守恒可知n(FeCl2)=

12

n(HCl)=

12

×0.1L×2mol/L=0.1mol；用足量的CO在高温下复原相同质量的混合物得到铁，根据铁元素守恒可知n(Fe)=n(FeCl2)=0.1mol，质量为0.1mol×56g/mol=5.6g，

故答案为：B。

由题意可得，铁完全转化为氯化亚铁，那么物质的量之比Fe：Cl=1：2，又n〔Cl-〕=0.2mol

故n〔Fe〕=0.1mol

14.【答案】

A

【解析】①氧化铝具有很高的熔点，是一种比拟好的耐火材料，可用来制造耐火坩埚，故符合题意；②氧化铁俗称铁红，常用作红色油漆和涂料，故符合题意；③碳酸氢钠俗名小苏打，因其碱性较弱，可用于制作发酵粉和治疗胃酸过多的药物，故符合题意；④过氧化钠比氧化钠稳定，但氧化钠不能与水或二氧化碳反响生成氧气，所以氧化钠不能做供氧剂，故不符合题意；⑤焰色反响为物理变化，表达的是某些金属元素的物理性质，故符合题意；

正确的有①②③⑤

故答案为A。

①氧化铝的熔点高，可作耐火材料

②氧化铁，俗称铁红，呈红棕色，故可用作红色油漆和涂料

③小苏打加热可分解放出气体，故可用作发酵粉，呈碱性且碱性较弱，故可用作于治疗胃酸

④只有过氧化钠能做供氧剂

⑤焰色反响为物理变化，表达的是金属元素的物理性质

15.【答案】

B

【解析】A．NaHCO3不稳定，加热易分解，发生2NaHCO3

__

Na2CO3+H2O+CO2，碳酸钠受热不分解，不符合题意；

B．Na2O2与水反响生成氢氧化钠和氧气，不是碱性氧化物，符合题意；

C．碳酸氢钠可与盐酸反响，且碳酸氢钠的碱性较弱，对胃壁的刺激作用较小，可用于中和胃酸过多，不符合题意；

D．Na2O2中阴离子为O22-

，

Na2O2中阴、阳离子的个数比为1：2，不符合题意；

故答案为：B。

碱性氧化物：能与碱反响只生成盐和水的氧化物，过氧化钠除了盐和水还生成了氧气

16.【答案】

D

【解析】因横坐标表示参加NaOH溶液的体积，纵坐标表示反响生成沉淀的质量，

那么向MgSO4和Al2(SO4)3的混合溶液中，逐滴参加NaOH溶液，发生Mg2++2OH-Mg(OH)2、Al3++3OH-Al(OH)3，那么沉淀的质量一直在增大，直到最大；然后发生Al(OH)3+OH-AlO2-+2H2O，沉淀的质量减少，但氢氧化镁不与碱反响，那么最后沉淀的质量为一定值，显然只有D符合，

故答案为：D。

先生成氢氧化镁和氢氧化铝沉淀，然后氢氧化铝继续反响，沉淀局部溶解但不消失应选D

二、综合题

17.【答案】

〔1〕立刻产生气泡；CO32-

+2H+

=H2O

+

CO2；开始时无气泡，后来有气泡；CO32-

+

H+

=

HCO3-

、

HCO3-

+

H+

＝H2O

+

CO2

〔2〕4；10；2；7；3；2

〔3〕

【解析】(1)将碳酸钠溶液滴入到稀盐酸中，盐酸过量，开始就产生气泡，其离子反响方程式为：

CO32-

+2H+=H2O+CO2；将稀盐酸滴入到碳酸钠溶液中，盐酸少量，开始时无气泡，后来产生气泡，其离子反响方程式为：

CO32-

+H+=

HCO3-

、

HCO3-

+H+=H2O+CO2；

(2)

NaIO3溶液中滴加少量NaHSO3溶液时，

HSO3-

被氧化成

SO42−

，

IO3-

被复原成I2

，

根据电子守恒和元素守恒，该反响为：4NaIO3+10NaHSO32I2+7Na2SO4+3H2SO4+2H2O，该反响中转移的电子数为20e-；

；

(3)

Cl2氧化NaClO2溶液制取ClO2

，

本身被复原为氯离子，1个氯气分子反响得到2个电子，因此离子反响方程式为：

2ClO2-

+Cl2=2ClO2+2Cl-；双线桥法表示电子转移的方向和数目为：

.

(1)

碳酸钠溶液参加稀盐酸中：Na2CO3+2HCl=Na2CO3+2NaCl；

稀盐酸参加碳酸钠溶液中：Na2CO3+HCl=NaHCO3+NaCl，NaHCO3+HCl=NaCl+H2O+CO2;

(2)

氧化复原反响的配平：

1.标出化合价并计算出价态的变化量；

2.使化合价的升降总数相等〔最小公倍数〕;

3.再观察非氧化复原局部中元素的个数;

4.最后配平氢氧的个数。

对于氧化复原反响可以采用电子守恒的方法，根据物质得到

的电子数,等于

失去的电子数；

(3)

两者反响为氯元素自身的氧化复原，注意两者生成产物的不同。

18.【答案】

〔1〕S；BaCuS2

〔2〕BaO和CuO

〔3〕2NH3+3CuO3=Cu+N2+3H2O；6

【解析】〔1〕根据上述分析可知，X中含有S元素，固体化合物Z的物质的量为：

8g80g/mol

=0.1mol，固体混合物中BaO的质量为23.3g-8g=15.3g，BaO的物质的量为：

15.3g153g/mol

=0.1mol，因此固体X中S元素的物质的量为：

26.5g-0.1mol×64g/mol-0.1mol×137g/mol32g/mol

=0.2mol，N(Cu)：N(Ba)：N(S)=1：1：2，故X的化学式为：BaCuS2

，

故故答案为：：S；BaCuS2；〔2〕由上述分析可知，Y的主要成分为：CuO和BaO，

故故答案为：：CuO和BaO；〔3〕氨气与氧化铜在高温条件下反响，生成铜、氮气、水，其化学反响方程式为：

3CuO+2NH3=高温N2+3Cu+3H2O

，

反响

3CuO+2NH3=高温N2+3Cu+3H2O

中N元素由-3价变为0价，每生成1molN2转移6mol电子，故当有28克氮气即1mol生成时转移的电子的物质的量为6mol。

故故答案为：：

3CuO+2NH3=高温N2+3Cu+3H2O

；6mol。

根据现象1可知，无色气体为SO2

，

向黑色固体化合物Z中参加盐酸，溶液呈蓝色，说明固体Z为CuO，向碱性溶液中加硫酸会产生白色沉淀，说明该溶液中含有Ba2+

，

由此可知，固体混合物Y中含有BaO，据此解答此题。

19.【答案】

〔1〕O

〔2〕Cu、NaOH

〔3〕NaCuO2

(Na2O2·2CuO)

〔4〕2NaCuO2

+8HCl=2NaCl+2CuCl2+Cl2+4H2O

【解析】〔1〕CuSO4由白色变为蓝色，说明有水生成，因为X和枯燥的H2反响，根据元素守恒分析，必定含有O元素；

〔2〕现象2获得紫色单质，说明Y含有Cu,现象3焰色反响为黄色说明有Na元素，与HCl发生中和反响说明有NaOH；

〔3〕由反响NaOH+HCl=NaCl+H2O,所以NaOH为0.02mol，得出m(Na)=0.02×23g=0.46g，铜为1.28g，得m(O)=m总-m(Na)-m(Cu)=2.38-0.46-1.28=0.46g，N(Na)：N(Cu)：N(O)=0.4623：1.2864：0.6416=1：1：2，故化学式为NaCuO2；

〔4〕X与浓盐酸反响，根据反响现象，产物有Cl2

，

和CuCl2蓝色溶液，因而化学方程式为2NaCuO2＋8HCl=2NaCl＋2CuCl2＋Cl2＋4H2O。

固体混合物Y溶于水，得到紫红色固体单质，说明是Cu，产生碱性溶液，焰色反响呈黄色说明含有钠元素，与HCl发生中和，说明是NaOH〔易算出为0.02mol〕，混合气体能使CuSO4变蓝，说明有水蒸气，说明含有氧元素，据此分析解答。

20.【答案】

〔1〕Fe3S4

〔2〕；Fe3S4+6H+=3H2S+3Fe2++S

〔3〕H2SO3+I2+H2O=H2SO4+2HI

〔4〕取溶液

G，参加过量

BaCl2

溶液，假设产生白色沉淀，那么有

SO2－；过滤后取滤液，滴加

H2O2

溶液，假设再产生白色沉淀，那么有

H2SO3。

【解析】根据题干信息：C溶液显黄色，参加KSCN，D为血红色溶液，可知C为FeCl3

，

D为Fe(SCN)3等，B为红棕色固体，B为Fe2O3

，

且n(Fe2O3)=2.400g160g/mol

=0.015

mol，n(Fe)=2n(Fe2O3)=0.03

mol，m(Fe)=0.03

mol×56

g/mol=1.68

g。无色气体E溶于水得到酸性溶液，参加碘的KI溶液，得到无色溶液G，且溶液酸性变强，说明l2氧化了E的水溶液，那么E应为SO2

，

F为H2SO3。那么G中必定含有H2SO4和HI，可能还含有未反响的H2SO3

，

根据原子守恒，A含有Fe、S两种元素，且m(S)=2.960

g-1.68

g=1.28

g，n(S)==0.04

mol，可得n(Fe)：n(S)=3：4，A的化学式为Fe3S4

，

据此解答。

所以A为Fe3S4

，

B为Fe2O3

，

C为FeCl3

，

D为Fe(SCN)3

，

E为SO2

，

F为H2SO3

，

G中含H2SO4、HI及H2SO3等。

(1)由以上分析可知，A组成元素为Fe、S，化学式为Fe3S4；

(2)A能与稀硫酸反响，生成一种淡黄色不溶物和一种气体(标况下的密度为1.518

gL-1)。那么淡黄色不溶物为S，该气体的摩尔质量=1.518

g/L×22.4

L/mol=34

g/mol，那么气体相对分子质量是34，为H2S气体。H2S电子式为：，

该反响的离子方程式为：Fe3S4+6H+=3Fe2++S+3H2S；

(3)F为H2SO3

，

S元素具有复原性，在溶液中和I2发生氧化复原反响，FG反响的化学方程式为：H2SO3+I2+H2O=H2SO4+2HI；

(4)G中的主要微粒(不考虑H2O，H+

，

K+

，

I-)为SO42-和H2SO3。可以先检验SO42-

，

再检验有H2SO3

，

篇10

[关键词] 他汀类药物；阿托伐他汀；老年高血脂；动脉粥样硬化；急性脑梗死

[中图分类号] R563 [文献标识码] A [文章编号] 1674-0742（2017）05（a）-0155-03

[Abstract] Objective To evaluate the clinical efficacy of three kinds of statins，namely atorvastatin， rosuvastatin and simvastatin，which were used in the elderly patients with hyperlipidemia and atherosclerosis cerebral infarction.Methods Convenient selection 90 patients which with hyperlipidemia and senile atherosclerotic acute cerebral infarction in our hospital from April 2014 to October 2016 were selected，as the research object and randomly grouped according to individual wishes，30 patients in group A take atorvastatin for treatment， 30 patients in group B take rosuvastatin for treatment， 30 patients in group C take simvastatin for treatment， the course of treatment was 2 weeks， the differences of clinical indexes before and after treatment were compared. Results After treatment ， A group of 30 patients with blood lipids[TC （4.85±1.31）mmol/L、LDL-C （2.39±0.78）mmol/L、HDL-C （1.63±0.55）mmol/L]，CRP（3.95±2.48）ng/L and NIHSS score（4.84±3.75）points were better than the other two groups of patients（P

[Key words] Statins； Atorvastatin；Senile hyperlipidemia； Atherosclerosis； Acute cerebral infarction

勇鲋嘌硬化性急性脑梗死以老年人多见，是指由脑部动脉粥样硬化所导致的脑组织缺血性坏死，患者可出现脑部局灶性损害的临床症状，并以高血脂、冠心病等为常见的合并症[1]。他汀类药物是临床治疗脑血管疾病的常用药物，除具有调节血脂的作用外，还拥有较好的抗炎效果，是老年动脉粥样硬化急性脑梗死患者的临床I级推荐药物[2]，故笔者方便选取了2014年4月―2016年10月期间90例合并高血脂的老年动脉粥样硬化急性脑梗死的患者作为研究对象，评价分析3种不同他汀类药物的临床治疗效果，现报道如下。

1 资料与方法

1.1 一般资料

方便选取90例于该院就诊高血脂合并老年动脉粥样硬化性急性脑梗死的患者，其中有男性39例，女性51例，年龄为60～80岁，平均年龄为（75.0±6.8）岁，平均发病时间为（40.9±9.3）h，将其作为研究对象并进行随机分组，A组30例患者采取阿托伐他汀进行治疗，B组30例患者采取瑞舒伐他汀进行治疗，C组30例患者采取辛伐他汀进行治疗。纳入标准：①入院后经影像学检查确诊并符合全国第四届脑血管病学术会议对于急性脑梗死患者的诊断标准。②入院后经颈动脉彩色超声检查有动脉粥样硬化表现，符合动脉粥样硬化的诊断标准。③入院后经检查符合高血脂症诊断（TG≥2.25 mmol/L、TC≥5.70 mmol/L、HDL-C≤1.96 mmol/L、LDL-C≥3.10 mmol/L ，患者符合以上的1项或多项即可确诊）。排除标准：①具有认知功能障碍及不能定期复诊的患者。②对该研究所用药物过敏的患者。③具有恶性肿瘤或免疫系统疾病的患者。④具有感染性疾病的患者。⑤合并肝脏、肾脏疾病的患者。患者的临床一般资料均差异无统计学意义（P>0.05），可进行临床研究。

1.2 治疗方法

A组30例患者采取阿托伐他汀（国药准字H20051408）进行治疗，20 mg，1次/d；B组30例患者采取瑞舒伐他汀（国药准字H20080483）进行治疗，10 mg 1次/d；C组30例患者采取辛伐他汀（国药准字J20130068）进行治疗，40 mg，1次/d ，疗程为2周。

1.3 观察指标

对比分析治疗前后各组各项临床指标的差异（空腹血糖、血脂、CRP、肝功能、NIHSS评分）。

1.4 统计方法

运用SPSS 17.0统计学软件统计数据、行t检验、χ2检验对各项计量、计数资料的差异进行统计学分析，若P

2 Y果

A组30例患者治疗后的血脂（TC、LDL-C、HDL-C）、CRP及NIHSS评分情况均优于其他两组患者，差异有统计学意义（P

3 讨论

动脉粥样硬化性急性脑梗死是临床常见的老年疾病，存在较高的发病率和死亡率[3]，在 文献[4]中曾表明高血脂是患者发生急性脑梗死的重要危险因素，血脂异常可促使动脉粥样硬化病变的发生，增加患者发生缺血性脑卒中的概率，故针对合并高血脂的动脉粥样硬化性急性脑梗死的老年患者来说，降脂观念应得到广泛的应用。他汀类药物是HMG-CoA还原酶抑制剂，具有多方面的临床应用效果，不仅可以有效改善患者的高血脂情况，更能提高NO生物利用度、抗炎、抗血栓，从而达到保护患者神经功能、缓解颈动脉粥样硬化的作用[5-6]。

该研究对3种不同他汀类药物的临床治疗效果进行了分析，结果显示阿托伐他汀、瑞舒伐他汀、辛伐他汀均能改善患者的相关临床症状（TC、LDL-C、HDL-C、CRP及NIHSS评分），与许国春[7]研究结果相一致。但在该研究中发现，阿托伐他汀在降血脂、改善炎症反应功能方面的效果最佳，应用阿托伐他汀治疗的30例患者的血脂TC（4.85±1.31）mml/L、LDL-C（2.39±0.78）mml/L、HDL-C（1.63±0.55）mml/L和CPR（3.95±2.48）ng/L均优于其他两种药物（P

综上所述，他汀类药物可以有效缓解和改善老年高血脂合并动脉粥样硬化性急性脑梗死患者的临床症状，阿托伐他汀最为安全有效，可在减少肝脏损伤的基础上，快速降脂、改善患者的神经功能情况，值得临床推广应用。

[参考文献]

[1] 杨保华，叶晓林. 不同剂量阿托伐他汀联合阿司匹林对急性脑梗死患者脑血流指标以及颈动脉粥样斑块的影响[J].医学综述，2016，22（6）：1201-1204.

[2] 王健. 不同剂量阿托伐他汀钙治疗急性脑梗死合并高脂血症患者的临床疗效及对颈动脉粥样硬化斑块的影响研究[J].临床医学工程，23（9）：1237-1238.

[3] 孔瑞娜，赵洛沙，陈艳，等.瑞舒伐他汀与不同剂量阿托伐他汀对急性冠状动脉综合征患者炎症因子的影响[J].中国综合临床，2015，25（6）：372-374.

[4] 徐雄鹰，周蓉靖，白春峰，等.H 型高血压合并急性脑梗死患者血浆同型半胱氨酸水平与颈动脉内膜中层厚度的关系[J]. 中华高血压杂志，2015，23（4）：383-386.

[5] 吴璐. 辛伐他汀、阿托伐他汀、瑞舒伐他汀治疗老年动脉粥样硬化性急性脑梗死合并高血脂的临床疗效对比[J]. 海峡药学，2016，28（2）：162-163.

[6] Xiao ZC，Chen HH，Gang LI. Research on stability of carotid atherosclerotic plaques and Vascular endothelial function in patients with acute cerebral infarction[J]. Journal of Apoplexy & Nervous Diseases，2013，30（5）：422-424.

[7] 许国春. 不同疗程及时间窗的高压氧治疗老年急性脑梗死的疗效[J]. 中国老年学杂志，2015（24）：6888-6890.